段阶复习(一)力与直线运动知识网络范规训练(2024·山坊市模东潍拟)如所示，在水平地面上置一量图静质M＝2kg的木板，在木板左端置一量长长静质m＝1kg的小物块A，在A的右置一小物边静块B(B表面光滑)，B的量质与A相等，A、B之的距间离L0＝5m。在t＝0刻时B以v0＝2m/s的初速度向右，同运动时对A施加一水平向右、大小为6N的拉力F，A始相木板滑。开对长动t1＝2s时A的速度大小为v1＝4m/s，木板地面的摩擦因与间动数μ＝0.05，最大摩擦力等于滑摩设静动擦力，g＝10m/s2，求：(1)物块A木板的摩擦因与间动数μ；答案0.4由公式得运动学v1＝a1t1，解得a1＝2m/s2，对A由牛第二定律得顿F－μAmg＝ma1，解得μA＝0.4。(2)已知t2＝2.5s物均未滑离木板，求此物时两块长时块A、B的距间离x；答案3.75mt2＝2.5s时B的位移大小运动xB＝v0t2＝2×2.5m＝5m，t2＝2.5s时A的位移大小运动xA＝×2×2.52m＝6.25mt2＝2.5s时A、B的距离间x＝L0＋xB－xA＝5m＋5m－6.2512a1t22＝12答案7＋262m(3)当B滑到木板的右端时A、B恰好相，求木板度碰长L。木板由牛第二定律得对顿μAmg－μ(m＋m＋M)g＝Ma2，解得a2＝1m/s2设经过t′物块B滑到木板的右端时A、B恰好相，碰则12a1t′2＝L0＋v0t′，A到木板右端，可得达12a1t′2＝L＋12a2t′2，立解得联L＝7＋262m。解指题导关键表述关键表述解读B表面光滑，在t＝0刻时B的初速度v0＝2m/sB做速直，木板无摩匀线运动对擦力对A施加一水平向右、大小为6N的拉力F，A始相木板滑。开对长动t1＝2s时A的速度大小为v1＝4m/sA做加速直，受力分析，匀线运动利用牛第二定律可求得摩擦顿动因数关键表述关键表述解读A、B之的距离间L0＝5m，已知t2＝2.5s物均未滑时两块离木板，求此物长时块A、B的距离间xB做速直，匀线运动A做加速直匀线，运动A、B之的初始距离间L0＝5m，足满xA＋x＝xB＋L0系关木板地面的摩擦因与间动数μ＝0.05木板受力分析，确定木板止是对静还做加速直匀线运动关键表述关键表述解读当B滑到木板的右端时A、B恰好相碰A物与块B相遇，位移系时关为xA＝xB＋L0；A、B到木板右端，位移达时关系为xA＝x板＋L，L木板度为长阶段复习练(一)1.(2024·天津市第四十七中期中学)根据海水中的分高低可海水分成盐将不同密度的域，潜艇海水高密度域入低密度域，浮力，区当从区驶区顿减之称为“掉深”。如甲所示，某潜艇在高密度海水域沿水平方向慢图区缓航行。t＝0，潜艇时该“掉深”，后采取措施自救，在随脱险0～50s潜艇直方向的内竖v－t像如乙所示图图(直向下正方向设竖为)。不计水的粘阻力，滞则A.潜艇在t＝20s下沉到最低点时B.潜艇直向下的最大位移竖为600mC.潜艇在“掉深”和自救的加速度大小之比时为3∶2D.潜艇在0～20s于超重内处状态√123456789101112潜艇在0～50s先向下加内速后向下速，减则50s向时下到最大深度，故达A；错误由像可知潜艇直向下的最大位移图竖为h＝12×30×50m＝750m，故B；错误潜艇在“掉深”向下加速，由像可知加速度大小时则图为a＝3020m/s2＝1.5m/s2，在自救加速度大小时为a′＝3050－20m/s2＝1m/s2，所以加速度大小之比为3∶2，故C正确；123456789101112潜艇在0～20s向下加速，加速度向下，于失重，故内处状态D错。误2.(多选)(2023·湖南化市期末怀)A、B物体两个v－t像分如中图别图a、b所示，图线a是抛物，线图线b是直，抛物点的坐线线顶横标为t1，0～t3时间内图线a、b成的面相等。下列与横轴围积法正确的是说A.t2刻时A、B距离一定最小间B.t2～t3时间内A的加速度一直小于B的加速度C.0～t3时间内A的平均速度等于B的平均速度D.t1～t3时间内A、B的位移大小之比为2∶3123456789101112√√根据意，由于不知道物体题A、B初始的状态位置系，无法判关则断A、B的距离化情间变，故况A；错误由可知，题图A的像于图关t1，由对称v－t图像的斜率表示加速度可知，t2～t3时间内A的加速度不是一直小于B的加速度，故B；错误由意可知，题0～t3时间内图线a、b成的面相等，即与横轴围积0～t3时间内A、B的位移相等，则0～t3时间内A的平均速度等于B的平均速度，故C正确；123456789101112根据意，由可知，由于题题图A的像于图关t1，有对称则t3＝2t1，则t1～t3时间内A的位移大小为A位移的一半，...