高一期末质量检测试卷·物理参考答案一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分．题号1234567891011选项BBDCBDAADCC二、非选择题：共5题，共56分．其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．12．(15分)(1)A（3分）(2)如图所示（3分）(3)0.28-0.30（3分）(4)大于（3分）(5)不是，纸带对应的加速度大于重力加速度（3分）13．（6分）解：(1)对滑雪者受力分析，由牛顿第二定律得mgsinθ－Ff＝ma（1分）Ff＝μFN（1分）FN＝mgcosθ解得a＝gsinθ－μgcosθ＝2m/s2（1分）(2)由运动学公式得v2－v02＝2aL（2分）解得v=8m/s（1分）14．（8分）解：(1)以小球为研究对象，v=6m/s>gR，轨道对小球有向下的弹力FN由FN+mg=mv2R（2分）解得FN=11N（1分）根据牛顿第三定律F=FN=11N方向竖直向上（1分）(2)小球在空中飞行过程为逆向平抛运动由2R=12gt2（1分）解得t=1s（1分）竖直方向速度vy=gt（1分）得tanθ=vyv=53（1分）15．（12分）解：(1)滑块受到滑动摩擦力，做匀加速运动，由牛顿第二定律有μmg=ma1解得a1=μg=1m/s2（1分）加速时间t1=va1=2s（1分）加速位移x1=12a1t12=2m<L（1分）滑块继续匀速运动，位移x2=L-x1匀速时间t2=x2v=5s从A到B总时间t=t1+t2=7s（1分）{#{QQABIYYAogCAABAAABgCAQGCCEKQkBAACQgGABAQoAAAyRFABAA=}#}(2)①滑块受到滑动摩擦力，做匀减速运动，由牛顿第二定律有μmg=ma2解得a2=μg=1m/s2减速时间t3=v0a2=4s（1分）减速位移x3=12a2t32=8m<L（1分）滑块继续向左先加速，再匀速加速时间t4=t1=2s（1分）加速位移x4=x1=2m匀速时间t5=x3-x4v=3s（1分）滑块在传送带上运动的时间t'=t3+t4+t5=9s（1分）②减速阶段墨迹长度s1=x3+vt3=16m（1分）加速阶段墨迹长度s2=vt4-x4=2m（1分）墨迹总长度s=s1+s2=18m（1分）16．（15分）解：(1)B球处于平衡状态，轻绳上的张力T=mBg（1分）A球处于平衡状态，由平衡条件有T=mAg/cosθ（2分）解得mB=5m（1分）(2)A球匀速转动，对A分析得水平方向Tsinθ=mAω2Lsinθ（2分）其中T=mBg（1分）解得LgLg52145（2分）(3)设稳定后A球到上管口的绳长为L，A球相连的绳与竖直方向上夹角为，对A分析在水平方向上sinsin2LmTA（1分）在竖直方向上gmTAcos（1分）其中T=mBg解得BAmmcos（1分）LmgmAB（1分）由此可知，当A球和B球的质量不变时，A球相连的绳与竖直方向上夹角保持不变；仅增大A球的角速度时，A球到上管口的绳长会缩短，所以B球相对于原来的位置应该下降了0.5L，那么此时LLLL5.05.0（1分）代入解得5540.52BAmgmggmLmLL（1分）{#{QQABIYYAogCAABAAABgCAQGCCEKQkBAACQgGABAQoAAAyRFABAA=}#}