2025年高一3月校际联考物理试题答案123456789101112CDACBABDADACBDAD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．（6分）【答案】(1)BC(2)(3)【详解】（1）A.只要使得，使甲加速下落即可，故A错；B.实验时应选择d较小的遮光条，减小速度计算的误差，故B对；C.小物块应该选择密度比较大的金属块，减小空气阻力带来的影响，故C对。故选BC。（2）遮光条通过光电门过程中，甲的速度大小为（3）对甲（含遮光条）和乙组成的系统，从静止释放开始到遮光条通过光电门的整个过程中，重力势能的减少量动能的增加量要使系统机械能守恒，需要满足即14.(8分)【答案】(1)AC5L【详解】（1）A．为保证小球初速度水平，斜槽轨道末端应保持水平，故A正确；B．小球与轨道之间的摩擦对实验结果无影响，故B错误；C．为保证小球初速度相等，每次应将小球从斜槽轨道上同一位置由静止释放，故C正确；D．挡板高度无需等间距下降，故D错误；故选AC。（2）根据水平方向做匀速直线运动可知相邻两点的水平距离相等，竖直方向满足设d点的纵坐标为，则解得（3）水平方向竖直方向1所以，可得，。所以,15.（8分）答案：（1）15m/s（2）1.69J(1)甲拍出球后，球做平抛运动：（1分）∴球碰地后反弹到被乙接住有，（1分）∴球水平方向做匀速直线运动，有（1分）∴（1分）（2）排球损失的机械能(2分)∴(2分)16.（8分）答案：（1）5m/s（2）4s（3）m/解析：（1）当货物达到最大速度时，牵引力F与浮力F浮、阻力f和重力mg平衡，（1分）又因为（1分）联立可得：（1分）（2）货物匀加速启动时，由牛顿第二定律（1分）所以功率达到额定功率时，结束匀加速运动：所以（1分）可得（1分）（3）速度v=4.5m/s时，因为速度大于匀加速运动的末速度，所以此时的功率为额定功率。根据P=Fv，可得此时牵引力又因为（1分）可得m/（1分）17、（14分）答案：（1）8J（2）23.86J（3）9.34J解析：（1）物理先受到滑动摩擦力沿传送带向上匀加速，由牛顶第二定律得（1分）可得设物体向上运动的位移为S1时与传送带共速，由运动学公式（1分）可得S1=1.25m2设此过程中所用的时间为t，则有S1=（1分）而传送带的位移物块与传送带的相对位移（1分）物体由A运动至C过程中与传送带之间产生的热量Q=（1分）求得Q=8J（1分）（2）由几何知识可得，AC间的高度为由功能关系可得，物体由A运动至C过程中由于带动物体运动，电动机对传送带多做的功W1（2分）代入数据可得，W1=23.86J（1分）（3）由于CB=OC=l0=1.6m所以OB与传送带的夹角（1分）物体在B点静止，设此时橡皮筋的拉力为F，由受力平衡可得（1分）计算可得F=0.34NOB间的距离l=2×l0cosα=3.04m此时橡皮筋的伸长量Δl=l-l0=3.04-1.6=1.44m由胡克定律可得：F=kΔx（1分）物体由C到B，由动能定理可得：（1分）物体由C运动至B的整个过程中，传送带对物体的摩擦力做的功w2=9.34J（1分）18、答案：（1）16J（2）228N/m（3）（1）滑块P从开始运动到刚好沿轨道上升到B处，由动能定理得（2分）解得W=16J(1分)（2）设滑块P滑上木板的速度大小为vc，滑上木板之后，对木板和滑块Q：（1分）得，对滑块P有，（1分）得，设经过时间t滑块P和木板共速，共同速度设为v，则有（1分）因为P、Q恰好不相撞，所以，P和木板的相对位移等于板长，即（1分）3可得设滑块P离开弹簧时的速度为，从滑块P离开弹簧到冲到C点，由动能定理有（1分）可得滑块P压缩弹簧至最低点时，设弹簧的压缩量为x，由受力平衡得（1分）撤去推力，滑块P上升到离开弹簧的过程中，由动能定理（1分）代入数据可得：k=228N/m（1分）（3）滑块P滑上木板与模板共速之后一起减速，共同的加速度满足(1分)设滑块P以滑上木板后，之后以速度与木板共速，最终恰能使得Q触发到E，则有(1分)(1分)联立可得：从最低点到C点的过程，由动能定理得(1分)解得，(1分)4