重庆八中高一12月阶段性测试(月考)参考答案：1.D【详解】A.“千克米每二次方秒被定义为“牛顿”，“牛顿”是导出单位，故A错误；B.根据空气阻力f与受力面积S及速度v的关系为f=kSv²可得k=fSv2则在国际单位制中，比例系数k的单位是Nm2(m/s)2=kg⋅m/s2m4/s2=kg/m3故B错误;C.当Δt极短时,Ax△t就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的极限法，故C错误；D.在无需考虑物体的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是“理想模型法”故选D。2.Č【详解】A.质量是惯性大小的唯一量度，速度与惯性大小无关，选项A错误；B.马对车的拉力和车对马的拉力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律知，其大小相等，选项B错误；C.伽利略的“斜面实验”是为了“冲淡”重力，便于测量运动时间，选项C正确；D.伽利略利用“斜面实验”装置，结合逻辑推理，说明力是改变物体运动的原因，故选C。3.A【详解】F₁、F₂的夹角为120°,根据几何知识可知F₃=2F根据平行四边形定则可知F₁、F₂的合力为F，且方向与F₃共线同向，所以F₁、F₂、F₃的合力大小为3F。故选A。4.A【详解】A.由图可知，图中虚线用时较短先到达终点赢得比赛，表示我国运动员的运动图像。故A正确。B.根据s-t图像的斜率表示速度，从图像可知，两位运动员有一段近乎匀速直线运动，最后冲刺时略有减速，故B错误C.由图可知两位运动员从30s到32s间速度相同，保持间距不变，并不是齐头并进，故C错误；D.两运动员所用时间不同，路程相同，根据¯v=st可知两位运动员全程的平均速率不相等，D错误。5.B【详解】小球从斜面底端A点斜向上做匀减速直线运动直至速度为零，由通过连续相等位移所用时间之比的特点，则有通过各段所用的时间之比为tDE:tCD:tBC:tAB=1:(❑√2−1):(❑√3−❑√2)(2−❑√3)所以tCD+tBCt=❑√3−12故通过BD段所用的时间为❑√3−12t,B正确。故选B。6.D【详解】由题知，不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺20cm刻度处，可认为弹簧的原长l₀=0.2m;；下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺40cm刻度处，则根据受力平衡有mg=k(l-l)₀可得弹簧的劲度系数为k=mg0.2A.30cm刻度时，根据牛顿第二定律可得k(l₁−l₀)−mg=ma₁其中l₁=0.3m联立解得a₁=−0.5g故A错误;B.40cm刻度时,根据牛顿第二定律可得k(l₂−l₀)−mg=ma₂其中l₂=0.4m联立解得a₂=0故B错误；C.50cm刻度时，根据牛顿第二定律可得k(l₃−l₀)−mg=ma₃其中l₃=0.5m联立解得a₃=0.5g故C错误；D.设刻度对应值为x，根据牛顿第二定律可得k(x−l₀)−mg=maₓ可知加速度a与对应刻度值x成线性关系，则各刻度对应加速度的值是均匀的。故选D。7.C【详解】细绳剪断前B处于平衡状态，弹簧弹力大小F=mg细绳剪断的瞬间弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程；绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零，所以剪断细绳的瞬间，B受力不变，仍然平衡aB=0剪断细绳的瞬间，木箱不在受细绳的拉力，木答案第1页，共4页箱受重力Mg和弹簧向下的拉力F,F=mg!由牛顿第二定律可知Mg+mg=Ma解得木箱的加速度大小为为(α=(M+m)gM物块A只受重力作用，加速度为g。故选C。8.B【详解】A.两物体竖直方向加速度相同，所以小球相对管来说在做匀速直线运动，所以小球穿过管所用时间为t=Lv0故A错误；B.刚好在管上升最高点穿过管有L+h-v022g=12g(v0g)2解得v0=❑√(h+L)g若小球在管上升阶段穿过管，则v0>❑√(h+L)g故B正确；C.若小球在管刚着地时穿管，有h+L=12g(2v0g)2解得v0=❑√g(h+L)2结合B分析可知小球在管下降阶段穿过管则❑√(h+L)g2<v0<❑√(h+L)g故C错误；D.根据以上分析可知，故D错误。故选B。9.AC【详解】A.根据弹力的产生条件，由于书本的形变，书对桌面产生向下的弹力，故A正确；B.弹力总是垂直于接触面，F₂方向错误，故B错误；C.小球重力竖直向下，细线对小球的作用力竖直向上，小球水平方向不受力的作用，则斜面对小球没有弹力作用(否则小球不会平衡)，故C正确；D.对A分析，水平方向若受摩擦力作用，则不会处于平衡状态，AB之间无摩擦力，故D错误。故选AC。10.BD【详解】根据牛顿第二定律F=ma可得物体向上运动的加速度a=5-5t(m/s)²物体在0~1s内向上做加速运动，处于超重状态，在1s~2s内向上做...