湖南师大附中2024—2025学年度高一第二学期期中考试物理参考答案一、单选题(本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)题号123456答案ADCAAC1.A【解析】A.牛顿发现万有引力定律，于1687年发表在其传世之作《自然哲学的数学原理》中，英国物理学家卡文迪许在实验室里通过几个铅球之间万有引力的测量，得出了引力常量G的数值，故A不符合物理学史，B符合物理学史；C.20世纪的20年代建立了量子力学理论，它使人们认识到经典力学理论一般不适用于微观粒子的运动，故C符合物理学史；D.开普勒行星运动定律是开普勒在其导师第谷留下的观测记录的基础上整理和研究而来的，故D符合物理学史。点睛：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2．D【解析】A.B球下落的高度大于A球下落的高度，由竖直方向的位移关系h＝12gt2，可知，B球下落的时间大于A球下落时间，由于两球同时落到对方台面上，故B球比A球先发出，A错误；B.由于B球的高度大于A球，故B球到达球网上端时的竖直方向的分速度大于A的竖直方向的分速度，故B球从网高落入台面所用的时间较少，两球同时落到对方台面上，故A球先到达球网上端，B错误；C.B球抛出点到网的高度大于A球抛出点到网的高度，故B球从抛出点到达球网的上端所用的时间大于A球，此过程中水平位移相同，故B球的水平初速度小于A球的水平初速度。两球落到地面时，A球的水平方向的分速度较大，B球的竖直方向分速度较大，且AB球下落高度和网的高度以及水平位移没有具体数据，故无法判断落到球台前瞬间两球的速度大小关系，C错误；D.B球的水平初速度小于A球的水平初速度，又由于B球从网高落入台面所用的时间较少，根据水平方向的位移x＝v0t′，B球落到球台上时，距球网更近，D正确。故选D。3．C【解析】A.对ac因为两者的角速度相同，根据v＝ωr，可知vc>va，对bc根据GMmr2＝mv2r，可得v＝GMr，可知vb>vc，则线速度的大小关系为vb>vc>va，选项A错误；B.对ac两者的周期相同Ta＝Tc，对bc根据开普勒第三定律可知r3T2＝k，可知Tc>Tb，可知周期关系为Ta＝Tc>Tb，选项B错误；C.对ac因为两者的角速度相同，根据a＝ω2r，可知ac>aa，对bc根据GMmr2＝ma，可知a＝GMr2，可知ab>ac，则向心加速度的关系ab>ac>aa，选项C正确；D.同步卫星c没有脱离地球的引力范围，则发射速度要小于11.2km/s，选项D错误。故选C。4．A【解析】当大龟的速度方向与合速度方向垂直时，其速度最小，则最小速度vmin＝v0sin37°＝35v0，故选A。5．A【解析】向左匀加速运动的过程中，将绳子由下到上分为无数质元，对于最下方的质元，根据牛顿第二定律m0gtanθ1＝m0a，对于最下方的两个质元，根据牛顿第二定律2m0gtanθ2＝2m0a，由此类推可知，所有质元所在切线与竖直方向夹角相同，因此绳子应为一条斜直线且向右偏斜。故选A。6．C【解析】方法一(分析法)：设大圆环半径为R，小环在大圆环上某处(P点)与圆环的作用力恰好为零，如图所示，设图中夹角为θ，从大圆环顶端到P点过程，根据机械能守恒定律mgR(1－cosθ)＝12mv2，在P点，根据牛顿第二定律mgcosθ＝mv2R，联立解得cosθ＝23，从大圆环顶端到P点过程，小环速度较小，小环重力沿着大圆环圆心方向的分力大于小环所需的向心力，所以大圆环对小环的弹力背离圆心，不断减小，从P点到最低点过程，小环速度变大，小环重力和大圆环对小环的弹力合力提供向心力，所以大圆环对小环的弹力逐渐变大，根据牛顿第三定律可知小环下滑过程中对大圆环的作用力大小先减小后增大。方法二(数学法)：设大圆环半径为R，小环在大圆环上某处时，设该处与圆心的连线与竖直向上的夹角为θ(0≤θ≤π)，根据机械能守恒定律mgR(1－cosθ)＝12mv2(0≤θ≤π)，在该处根据牛顿第二定律F＋mgcosθ＝mv2R(0≤θ≤π)，联立可得F＝2mg－3mgcosθ，则大圆环对小环作用力的大小|F|＝|2mg－3mgcosθ|，根据数学知识可知|F|的大小在cosθ＝23时最小，结合牛顿第三定律可知小环下滑过程中对大圆环的作用力大小先减小后增大。故选C。二、多选题(本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给...