一、单项选择题（本题共7题，每小题5分，共35分）1、D2、C3、A4、D5、A6、B7、射洪中学高2024级高一下期强基班第一学月考试物理答案C5、由于杆做匀速转动，拉力的功率等于克服重力做功的功率，P＝mgωLcos60°＝12mgLω，A项正确。6、“嫦娥三号”在环月轨道上运动的线速度为：v＝lt，角速度为ω＝θt；根据线速度和角速度的关系式：v＝ωr，可得其轨道半径r＝vω＝lθ；“嫦娥三号”做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，GMmr2＝mωv，解得M＝l3Gθt2，故选B.7、若v0＝2gR，则由12mv02＝mgh可知，h＝R，则小球能到达与圆轨道圆心等高处反向返回，在最低点两侧做往返运动，选项A错误；若v0＝2gR，且轨道的内外壁均光滑时，小球到达最高点的速度恰好为零，但是因轨道内轨外表面粗糙，则小球与内轨接触时要损失机械能，则小球不能到达最高点，选项B错误；若小球运动时只与轨道的外轨接触而恰能到达最高点，则到达最高点时满足mg＝mv2R，从最低点到最高点由机械能守恒可知，12mv02＝mg·2R＋12mv2，解得v0＝5gR，由此可知当v0＝5gR时，小球始终做完整的圆周运动，且沿外轨道恰能运动到最高点，选项C正确，D错误。二、多选题（本题包含3小题，每小题6分，共18分，每小题给出的四个选项中，有多个选项符合要求，全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）8、CD9、AD10、BD9、A．由图可知，物体开始下落瞬间，只受万有引力作用，根据万有引力等于重力，可知02GMmmgmaR又343MR，联立，可得03=4aGR，故A正确；B．在行星表面飞行的卫星，万有引力提供向心力，有22GMmvmRR，联立，可得0vaR，故B错误；C．卫星在距该行星表面高h处的圆轨道上运行时，有2224GMmmRhTRh，联立，可得302RhTRa，故C错误；D．从释放到速度刚达到最大的过程中，设阻力为f，由牛顿第二定律可得mgfma解得0fmgmamama，阻力做功为000002maxWfxmamax，即物体克服阻力做功002max。故D正确；故选AD。10、AD．由数学知识可知，图像中当10.0125s/mv时，加速度为21m/sa且之后的图像加速度一直恒定，则可知右侧水平直线的图像对应第一阶段，且第一阶段以恒定加速度加速，末速度为1m/s80m/s0.0125v，赛车在第一阶段行驶时间为80s=80s1vta，故A错误，D正确；BC．第一阶段：设赛车牵引力为F，所受阻力为f，对赛车受力分析Ffma，功率为PFv第二阶段：以恒定功率加速，则1FfPfammvm，结合图像斜率、截距可得44000.01Pm、4fm解得40000W40kWP，400Nf。阻力恒定不变，所以当加速度最大时，牵引力最大，又因为赛车先做匀加速运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，因此赛车受到的最大牵引力2max=400N100kg1m/s=500NFfma，故B正确，C错误。故选BD。三、本大题3小题，每空2分，共16分。11、（1）（2分）B（2）（2分）2:1（3）（2分）0.2（2）由图可知，质量和半径相等，由公式2Fmr可知，角速度之比为212121FF变速塔轮边缘的线速度相等，由vr可知，变速塔轮的半径之比为121221rr（3）根据题意有2Frvm，结合图像可得，斜率为6.09.0mkr，解得0.2kgm12、（1）平衡摩擦力；（2）①mM②0.130,0.128；（3）绳子拉力小于钩码重力或者钩码也有动能（1）纸带穿过打点计时器，调整长木板的倾斜度，使小车在不受牵引力时能拖动纸带沿长木板做匀速运动。这样做的目的是能够平衡掉摩擦力，使小车所受的合外力即为绳子拉力。（2）①以小车为研究对象，若用钩码的重力表示细线对小车的拉力，钩码的质量m和小车的质量M应满足的条件是钩码的质量远小于小车的质量，即mM②因为将钩码的重力表示细线对小车的拉力，则合力对小车做的功为322010106510J0.130JWFOBmgOB由数据可得下降OB时，小车速度为2(1.591.61)10ms0.8ms20.04ACvT则小车动能的变化量为232k1140010(0.8)J0.128J22EMv（3）改变钩码的质量进行多次实验，发现合力做的功W总是大于动能的变化量，导致这一结果的原因是绳子的拉力小于钩码的重力（或者钩码也有动能）。...