洛阳市2024———2025学年高一质量检测物理试卷参考答案一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。)1.A2.C3.D4.A5.C6.B7.C二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,有两个或两个以上选项符合题目要求。全都选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。)8.AD9.CD10.BC三、实验题(本题共2小题,共15分。)11.(6分)(1)12L(d2Δt22-d2Δt12)(2分);(2)不需要(2分)(3)C(2分)12.(9分)(1)1.745(1.743~1.747均得分)(1分);5.240(1分)(2)R1(1分)(3)(2分)(4)UπD24IL(2分);偏小(2分)四、解答题(本题共3小题,共39分。解答要有必要的文字说明和方程式,只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目,答案中必须明确写出数值和单位。)13.(11分)(1)当座舱下落到离地40m时,速度最大为vm由vm2=2g(H-h)得(2分)vm=203m/s(2分)(2)设座舱做匀减速运动的加速度大小为a则vm2=2ah(2分)高一物理答案第1页(共3页)(2025.7)解得a=15m/s2(1分)当座舱落到离地10m时,手机处于匀减速运动状态,对手机由牛顿第二定律得FN-mg=ma(2分)解得FN=5N(2分)14.(12分)解:(1)设汽车以额定功率启动后达到最大速度vm时牵引力为F0,汽车达到最大速度时有F0=f(1分)又由P0=F0vm(1分)联立解得:vm=50m/s(2分)(2)当车速为vm2时,P0=F1vm2(1分)又由F1-f=ma1(2分)联立解得:a1=2m/s2(1分)(3)若汽车以恒定加速度a2=3m/s2启动,设汽车的牵引力为F2F2-f=ma2(1分)设匀加速达到的最大速度为v1,则有P0=F2v1(1分)v1=a2t(1分)解得:t=203s(1分)15.(16分)解:(1)从A到B的过程中,小球做平抛运动,在B点由几何关系可知小球的速度与水平方向的夹角为θ=37°,如图甲所示,则有tanθ=vyvA(1分)vy2=2gh(1分)代入数据,解得vy=6m/svA=8m/s(1分)由vy=gt(1分)x=vAt(1分)解得x=4.8m(1分)(2)从释放到小球到达A点的过程中,有qE1L=12mvA2(2分)高一物理答案第2页(共3页)(2025.7)解得:E1=4×104V/m(1分)(3)在轨道区域,带电小球受到的重力和电场力以及合力F如图所示:由tanα=qE2mgF=mgcosα解得F=54mgα=37°(1分)由分析可知B点为等效重力场的最低点,轨道上等效重力场的最高点M,如图所示①情形一:小球在轨道上运动时,通过M点时恰好不脱离,此时速度大小为vM,则有F=mvM2R(1分)对小球从A点到M点的过程mgh-F·2R=12mvM2-12mvA2(1分)代入数据解得:R=1.6m(1分)②情形二:小球运动到图中N点(ON连线与BM垂直)时,速度vN恰好为0,对小球从A点到N点的过程mgh-FR=0-12mvA2(1分)代入数据解得:R=4m(1分)故小球在轨道上运动时不会脱离轨道,需满足0<R≤1.6m或R≥4m(1分)高一物理答案第3页(共3页)(2025.7)